c++函数模板实参推断

  • Z时代
  • 2024-01-10
  • 分类：IT

为什么向com中传递一个引用，无法改变temp的值，而向com1中传递就可以改变呢？难道com这个函数模板传入引用时，不是推断出和com1一样的实例吗？

#include <iostream>
#include <typeinfo>
template <typename T>
void com(T arg) {
    std::cout << "com arg's address = " << &arg << std::endl;
    arg++;
}
void com1(int& arg) {
    std::cout << "com1 arg's address = " << &arg << std::endl;
    arg++;
}
int main(){
    int temp(10);
    std::cout << "main temp's address = " << &temp <<std::endl;
    int& rTemp(temp);
    std::cout << "main rTemp's address = " << &rTemp <<std::endl;
    com(temp);
    std::cout << temp <<std::endl;
    com(rTemp);
    std::cout << temp <<std::endl;
    com1(rTemp);
    std::cout << temp <<std::endl;
    return 0;
}

图片描述

回答：

你写void com(T& arg)试试

回答：

你的问题出在对引用的理解，和模板没有关系。
引用即别名，所以rtemp和temp都是代表同一个内存位置。它们作为普通函数参数传入的时候函数得到的是复制后的局部变量，所以它们不会被修改。但作为引用传入的时候，函数得到的是temp或rtemp本身，可以修改。

回答：

很显然，com在调用的时候模板参数T被推导成了int
本来我还想的很复杂，后来一想com接受的参数不就是int么，引用就是代表变量本身，推导的时候自然是T = int了

template <typename T> 
void com(T arg) { // P 如果不是一个引用类型
    std::cout << "com arg's address = " << &arg << std::endl;
    arg++;
}
std::cout << temp <<std::endl;
    com(rTemp); // A 这里的参数传的是`int`!

回答：

如果需要，你可以指定模板参数的。使用com<int&>(temp);这样的方式来使用引用类型参数。

下面的代码试试

#include <iostream>
#include <typeinfo>
using namespace std;
int main()
{
  int x = 1000;
  int& rx = x;
  cout<<typeid(x).name()<<endl<<typeid(rx).name();
}

以上是 c++函数模板实参推断 的全部内容， 来源链接： utcz.com/p/191964.html

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