PHP定义的常量返回undefined

  • Z时代
  • 2024-01-10
  • 分类：问答

我正在开发一个CodeIgniter项目，并且在常量上遇到了一些麻烦。PHP定义的常量返回undefined

我的实例模型 - 它扩展了一个通用的MY_Model - 定义了它对应的SQL表“常量”的一个常量。

const DB_TABLE = 'instances';

在其他地方，$ instances_model-> get_by（）被调用，它生活在MY_Model，引用的是恒定的，应优先于MY_Model同名的不断Instances_model的情况下。 get_by（）开始：

if(!defined('$this::DB_TABLE')) exit($this->table_not_set_error);

应用程序返回 “Instances_model错误：表名未设置”，然后退出。

宣言MY_Model的/构造：

class MY_Model extends CI_Model { 
    const DB_TABLE = 'abstract'; 
    public $table_not_set_error; 
    function __construct() { 
    parent::__construct(); 
    $this->table_not_set_error = get_class($this) . " error: table name is not set."; 
    }

get_by：

public function get_by($attribute, $value = null, $include_obsolete=0) 
    { 
    var_dump(defined('$this::DB_TABLE')); 
    var_dump($this::DB_TABLE); 
    if(!defined('$this::DB_TABLE')) exit($this->table_not_set_error);

Instances_model：

class Instances_model extends MY_Model 
{ 
    const DB_TABLE = 'instances'; 
    public function __construct() 
    { 
    parent::__construct();

get_by（）函数中的两个var_dumps分别返回false和“instances”。这没有意义。如果PHP可以返回常量的值，那么它如何不能被定义？它甚至会返回正确的上下文：“实例”而不是“抽象”。为什么PHP认为$ this :: DB_TABLE是未定义的？

感谢您的帮助。

回答：

问题是，您正在使用$this来访问类常量，该类常量不是实例常量。你想：

if (!defined('self::DB_TABLE')) exit($this->table_not_set_error);

和：

var_dump(self::DB_TABLE);

您还可以使用static::而不是self::，如果你想有一个子类，以便能够不断重新定义其自身的价值。您可以使用$this->访问属于类的实例对象的东西，但是self::或static::可以访问属于类本身的东西，如常量或静态方法或属性。

以上是 PHP定义的常量返回undefined 的全部内容， 来源链接： utcz.com/qa/257320.html

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