PHP警告：调用时传递引用已被弃用

  • Z时代
  • 2024-01-10
  • 分类：问答

我收到警告：Call-time pass-by-reference has been deprecated以下代码行：

function XML() {
    $this->parser = &xml_parser_create();
    xml_parser_set_option(&$this->parser, XML_OPTION_CASE_FOLDING, false);
    xml_set_object(&$this->parser, &$this);
    xml_set_element_handler(&$this->parser, 'open','close');
    xml_set_character_data_handler(&$this->parser, 'data');
}
function destruct() {
    xml_parser_free(&$this->parser);
}
function & parse(&$data) {
    $this->document = array();
    $this->stack    = array();
    $this->parent   = &$this->document;
    return xml_parse(&$this->parser, &$data, true) ? $this->document : NULL;
}

它是什么原因以及如何解决？

回答：

&从&$this任何地方删除，这是不需要的。实际上，我认为您可以删除&此代码中的所有位置-完全不需要。

PHP允许通过两种方式传递变量：“按值”和“按引用”。第一种方式（“按值”）不能修改，而第二种方式（“按引用”）可以：

     function not_modified($x) { $x = $x+1; }
     function modified(&$x) { $x = $x+1; }

注意&标志。如果我调用modified一个变量，它将被修改，如果我调用not_modified，则在返回值之后，参数的值将是相同的。

通过执行以下操作，较旧版本的PHP可以模拟modifiedwith

not_modified的行为：not_modified(&$x)。这是“通过引用传递时间”。不推荐使用，永远不要使用它。

另外，在非常古老的PHP版本中（阅读：PHP

4和更低版本），如果您修改对象，则应通过引用传递它，从而使用&$this。既不需要也不建议这样做，因为在将对象传递给函数时总是会对其进行修改，即可以：

   function obj_modified($obj) { $obj->x = $obj->x+1; }

$obj->x即使它是按“值”形式正式传递的，这也将进行修改，但是传递的是对象句柄（如Java等），而不是对象副本，如PHP 4中那样。

这意味着，除非您做一些奇怪的事情，否则几乎不需要传递对象（因此，$this通过引用，无论是调用时间还是其他方式）。特别是，您的代码不需要它。

以上是 PHP警告：调用时传递引用已被弃用 的全部内容， 来源链接： utcz.com/qa/401385.html

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